php-PHP的jQuery异步请求问题！

问题描述

PHP的jQuery异步请求问题！

这是json.html

<br>
function _GetData()<br>
{<br>
var sid=$(&quot;#sid&quot;).val(); //jQ获取用户输入的值<br>
$.ajax(<br>
{<br>
type:&quot;POST&quot;,<br>
url:&quot;json.php&quot;,<br>
data:{&quot;stu_id&quot;:sid},<br>
cache:false,<br>
dataType:&quot;json&quot;,<br>
success:function(msn)<br>
{<br>
var content=&quot;<table align='center'><tr><td><strong>id</strong></td><td><strong>姓名</strong></td><td><strong>专业</strong></td><td><strong>电话</strong></td><td><strong>学号</strong></td></tr>&quot;;<br>
$.each(msn,function(i)<br>
{content+=&quot;<tr style='background-color:#ADD8E6;' ><td>&quot;+msn[i][0]+&quot;</td><td>&quot;+msn[i][1]+&quot;</td><td>&quot;+msn[i][2]+&quot;</td><td>&quot;+msn[i][3]+&quot;</td><td>&quot;+msn[i][4]+&quot;</td></tr>&quot;;<br>
} );<br>
content+=&quot;</table>&quot;;<br>
$(&quot;#test&quot;).html(content);<br>
}<br>
});<br>
}<br>

这是json.php
$sid=$_POST["sid"];
include 'comm.php'; //连接数据库
$sql = "select * from stu where stu_id={$sid}";
$result = mysql_query($sql);
while ($row = mysql_fetch_array($result)) {
$arr[] = $row;
}
echo json_encode($arr);

    输入的数据不能通过ajax传到php页面处理！

解决方案

http://www.cnblogs.com/changefuture/archive/2012/10/30/2746833.html
参数解析不正确

解决方案二：

估计是你的数据结果解析的问题吧

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时间： 2024-12-09 22:29:12

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